[BDT VASC] Chứng minh rằng với các số thực $a,b,c$ bất kì ta có bất đẳng thức: $(a^3+b^3+c^3)^2 \ge 3(a^3b+b^3c+c^3a)$
Ứng dụng: Cho $x,y,z$ là các số thực dương có tổng bằng $3$. Chứng minh rằng: $\sum \frac{x}{xy+1}\ge \frac{3}{2}$
Hình như sai đề rồi a ơi, $(a^2+b^2+c^2)^2 \ge 3(a^3b+b^3c+c^3a)$
a thử tham khảo 2 cách lm kinh khủng này xem: (bài này e xem ở đâu r)
C1: Ta có:
$ (a^2+b^2+c^2)^2-3(a^3 b+b^3 c+c^3 a) \\ =\frac{1}{2}(a^2-b^2+2bc-ab-ac)^2 + \frac{1}{2}(b^2-c^2+2ac-bc-ba) + \frac{1}{2} (c^2-a^2+2ab-ca-cb)^2 $
C2:${({a^2} + {b^2} + {c^2})^2} - 3({a^3}b + {b^3}c + {c^3}a)$
$= {\sum {\left( {\frac{1}{2}{a^2} - \frac{{3 + \sqrt 5 }}{4}ab + \frac{{\sqrt 5 }}{2}ac + \frac{{\sqrt 5 - 1}}{4}{b^2} + \frac{{3 - \sqrt 5 }}{4}bc - \frac{{1 + \sqrt 5 }}{4}{c^2}} \right)} ^2} \ge 0$