Kết quả tìm kiếm

à cái b kia mình nghĩ là chưa đặt thì lấy thôi ai ngờ trùng với cái trên :V còn phản ứng nhiệt phân các muối NO_3^- thì luôn có tỉ lệ NO_2:O_2= 4:1(trừ muối của Ag và Fe(NO_3)_2, kim loại kiềm )và vừa đúng tỉ lệ để tạo ra HNO_3 Nhưng phản ứng tạo ra HNO_2 tức là tỉ lệ NO_2 :O_2 khác 1 : 4 Ta...

Hỗn hợp gồm amin và hiđrocacbon luôn được quy về CH_2 ,H_2 ,NH ,H_2^- Ta có nNH = 2nN_2 = 0,08 mol Ta lại có nH_2^- = nBr_2 = 0,04 mol BT(e) ta có 6nCH_2 + 2nH_2 + nNH - 2nH_2^- = 4nO_2 \to 6nCH_2 + 2nH_2 = 2,92 Khối lượng E gồm 14nCH_2 + 2nH_2 + 15nNH - 2nH_2^- = 7,72\to 14nCH_2 + 2nH_2 = 6,6$...

Với những câu đếm mà cho Al hay Al_2O_3 tác dụng với NaOH/KOH hay Ba(OH)_2/Ca(OH)_2 ( thường ít cho Ca(OH)_2 vì ít tan) rồi hỏi có tan hết hay không thì ta làm như sau: Ta xét \dfrac{Al}{OH^-} = x nếu tirồi lệ này cho x > 1 tức là Al dư thì không tan hết nếu x\le 1 thì Al hết tức là tan hết Ví...

Ta có hỗn hợp khí sau khi nung chất rắn là NO_2,O_2 Khi cho hỗn hợp khí này tác dụng với dung dịch NaOH sinh ra hai muối tức là O_2 thiếu và hai muối là NaNO_3 và NaNO_2 Ta viết phương trình phản ứng: 4NaOH + 4NO_2 + O_2 \to 4NaNO_3 + 2H_2O a<------------>a--------a/4----------->a 2NaOH +...

Gọi nNaOH = a ta có m_{ancol} = 24,5 + a gam BTKL ta được m_E + mNaOH = m_{muối} + m_{ancol} \to 45,3 + 40a = 48,1 + 24,5+a \to a=0,7 mol Ta lại có M_{tb-ancol} = \dfrac{m_{ancol}}{n_NaOH} = 36\tohai ancol là CH_3OH:0,5 mol và C_2H_5OH:0,2 mol Ta lại có khi đốt hoàn toàn E có nCO_2 - nH_2O =...

Phần đó chỉ là phần suy biến của hàm số y = |f(x)| để suy biến hàm số trên từ hàm số y= f(x) ta vẽ đối xứng phần đồ thị hàm số nằm phía dưới trục hoành qua chính trục hoành và giữ nguyên hình dạng Có gì không hiểu thì bạn hỏi lại nha Tham khảo thêm kiến thức tại đây.

Ta có nNa_2CO_3 = \dfrac{nNaOH}{2} = \dfrac{0,62}{2}= 0,31 mol BTNT(C) ta có nC = nCO_2 + nNa_2CO_3 = 0,61 + 0,31 = 0,92 mol Ta xét tỉ lệ \dfrac{nC}{nNa} = \dfrac{nC}{nCOO} = \dfrac{0,92}{0,31} = 1,484 Tức là trong Y có Phải có 1 axitcacboxylic có \dfrac{nC}{nCOO} <1,484 Suy ra axit đó chỉ...

Câu 80: 0,13 mol X : \begin{cases} R_1COOC_6H_4R_2: 0,03 \, mol \\ (R_2COO)_2C_2H_4: 0,1 \, mol \end{cases} + NaOH \to hh\,Y + \underbrace{C_2H_4(OH)_2}_{0,1} \mathrm{Y}+\underbrace{\mathrm{O}_{2}}_{0,475 \mathrm{~mol}} \rightarrow...

Câu 79: Hiện tượng trên đồ thị: - OM: Cl^- điện phân ở anot - MN mol khí tăng: Cl_2 tiếp tục bay ra ở cực (+), cực (-) hết Cu^{2+}, H_2O điện phân tạo H_2 có thêm khí so với đoạn OM nên khí tăng - N \to + \infty mol khí giảm : Cl^- hết, H_2O điện phân ở cả 2 cực. Xử lý bài toán điện phân...

Câu 78: (a) Sau bước 4 quan sát thấy thành ống nghiệm sáng như gương => ĐÚNG, tạo thành Ag bám vào thành ống nghiệm (b) Nếu thay glucozơ bằng saccarozơ thì các hiện tượng trong thí nghiệm trên không thay đổi => SAI, saccarozơ không tráng bạc (c) Sản phẩm hữu cơ thu được trong dung dịch sau...

Câu 77: Xét mỗi phần: +) \mathrm{n}_{\mathrm{NaCl}}=\mathrm{n}_{\mathrm{NaOH}}=0,27=\mathrm{n}_{\mathrm{Cl}}^{-} +) \mathrm{n}_{\mathrm{AgCl}}=\mathrm{n}_{\mathrm{Cl}}=0,27 \Rightarrow \mathrm{n}_{\mathrm{Ag}}=(39,825-0,27 \cdot 143,5): 108=0,01 \mathrm{Fe}^{2+}+\mathrm{Ag}^{+} \rightarrow...

Mình sẽ giải chi tiết 5 câu cuối. Các câu còn lại nếu các bạn chưa tìm ra lời giải có thể hỏi mình nha Câu 76: (a) Thành phần chủ yếu của khí biogas là butan. => SAI, thành phần chủ yếu của khí biogas là metan. (b) Để khử mùi tanh của cá sau khi mổ có thể dùng các chất như giấm ăn, chanh=> ĐÚNG...

Mình gửi các bạn đáp án. Các bạn tham khảo nhé 41. D 42. C 43. B 44. D 45. C 46. A 47. D 48. B 49. D 50. B 51. C 52. C 53. C 54. B 55. C 56. D 57. A 58. A 59. D 60. A 61. C 62. A 63. D 64. B 65. A 66. D 67. B 68. B 69. A 70. A 71. C 72. C 73. C 74. B 75. A 76. A 77. B 78. D 79. D 80. B

Ờ nhể ở lớp 8 hay có mấy cái này :v

a,Có các loại sắt oxit là FeO,Fe_2O_3,Fe_3O_4 trong đó sắt từ là Fe_3O_4 Ta thấy Fe_2O_3 đã có hóa trị cao nhất lên không thể tá dụng được với O_2 được nữa Nên sắt oxi ở đây là FeO Ptpư :6FeO + O_2 \to 2Fe_3O_4 b, 4Fe(NO_3)_3 \to 2Fe_2O_3 + 12NO_2 + 3O_2 Hình như bạn viết nhần chất thứ 2 của...

Ta thấy trong phản ứng chỉ có số OXH của O_2 và Cu thay đổi nên ta có : BT(e) :2nCu = 4nO_2 \to nO_2 = 0,03 \to V_{O_2} = 0,672 lít Có gì không hiểu thì bạn hỏi lại nha Tham khảo thêm kiến thức tại đây.

Vì Y Tác dụng với HCl có khí thoát ra nên trong Y có Fe dư Vì trong Y có Fe dư nên trong X chỉ có Fe^{2+} Vậy trong X chỉ chứa ion kim loại Fe Có gì không hiểu thì bạn hỏi lại nha Tham khảo thêm kiến thức tại đây.

Ta có nAl = 0,16 \to n_e = 3.nAl =0,48 mol Ta lại có Y + NaOH có khí Z thoát ra vậy Z là NH_3 : 0,03 mol BT(e) ta có n_e = 0,03.8 + 0,03.n = 0,48 \to n = 8 Vậy 1 mol khí X nhận 8 mol e nên X là N_2O : 0,03 mol Ta có nHNO_3= 10nN_2O + 10nNH_4NO_3 = 0,6 mol Có gì không hiểu thì bạn hỏi lại nha...

nO_2 = 1,24 mol Gọi nCO_2:a mol và nH_2O :b mol BTKG ta có :mX + mO_2 = mCO_2 + mH_2O \to 44a +18b = 53,408 Lại có nCO_2 - nH_2O= a - b = 0,064 Giải hệ phương trình ta được : a =0,88 mol và b = 0,816 mol Gọi số mol trong 13,728 gam X là x mol ta có m_X = mC + mH + mO = 13,728 = 12.0,88 +...

@dotamthuthao@gmail.com Phần hóa phân tích không nằm trong chương trình THPT nên bọn mình sẽ không hỗ trợ nha Mong bạn thông cảm.