Kết quả tìm kiếm

dd $HCl$ khí là gì vậy bạn? :p $HCl$ khan không có tính chất của axit bạn nhé!!

Ta có: $n_{SO_3} = 0,1\ (mol)$ $SO_3 + H_2O ---> H_2SO_4$ Theo pt, ta có: $n_{H_2SO_4} = 0,1\ (mol)$ => $C_{M\ (H_2SO_4)} = 0,2M$ $n_{CuO} = 0,125\ (mol)$ $CuO + H_2SO_4 ---> CuSO_4 + H_2O$ Ta thấy: $\frac{n_{CuO}}{1} > \frac{n_{H_2SO_4}}{1}$ => $CuO$ dư Theo pt: $n_{CuO\ (pư)} = 0,1\ (mol)$ =>...

Đề bài thiếu dữ kiện!!

Bảo toàn khối lượng => $m_{X} = m_{Al} + m_\downarrow = 7,84\ (g)$ Ta có: $n_{Al} = 0,14\ (mol)$ => $n_X = 0,14\ (mol)$ => $M_X = 56\ (g/mol)$ => X là Sắt (Fe) => Muối là $FeCl_3$

Gọi khối lượng của Nước trong cốc là $m\ (kg)$. Đó cũng là khối lượng của Thủy ngân. Thể tích lượng Nước là: $V_n = \frac{m}{1000}\ (m^3)$; Thể tích lượng Thủy ngân là: $V_{Hg} = \frac{m}{13600}\ (m^3)$ => $V_n = 13,6V_{Hg}$ Vì 2 chất cùng trong 1 bình => diện tích đay bằng nhau => tỉ lệ về thể...

ah sorry bạn. Mình đọc nhầm đề bài!! :p Cả 2 đáp án B và C đều đúng bạn ạ vì theo định nghĩa, chỉ cần thỏa mãn công thức $C_nH_{2n + 1}OH$ thì ancol đó đã thuộc dãy đồng đẳng của ancol etylic rồi! :D:D

a) Cấu trúc mạch là: $[(R_1\ //\ R_2)\ nt R_3]\ //\ R_4$ Thiếu dữ kiện b) Sau khi đổi chỗ Ampe kế, cấu trúc mạch là: $[(R_1\ //\ R_3)\ nt R_2]\ //\ R_4$ Thiếu dữ kiện

Đề bài không cho thì cứ để là $V$ thôi bạn ạ. Đây là mình làm tổng quát. còn nếu đề bài cho giá trị của $V$ thì mình chỉ cần thay số vào là tìm được kết quả luôn. :D:D

Làm kiểu gì cũng được, miễn là ra được kết quả bạn ạ! Ở đây các phản ứng còn đơn giản nên pt phân tử hay pt ion nó cũng không chênh lệch nhau về thời gian làm là mấy đâu. :p

Theo giả thiết, ta có mẩu sắt có diện tích đáy là $S = 3\ cm^2 = 3.10^{-4}\ m^2$ Ta có: Trọng lượng riêng của Thủy ngân lớn hơn Trọng lượng riêng của Sắt => Sắt sẽ nổi trên Thủy ngân. Sắt nổi nên lực đẩy Ac-si-met của Thủy ngân bằng với trọng lượng của Sắt, tức là: $10m = d_{Hg}.V_{cc}$ =>...

Vì đơn giản là đáp án B có thể tạo ra 3 este với axit axetic còn đề bài cho sp gồm 2 este thôi bạn ạ! :D:D

Ta có: $n_{AlCl_3} = 0,4\ (mol)$; $n_{Al_2O_3} = 0,05\ (mol)$ => $n_{Al(OH)_3} = 0,1\ (mol)$ +) TH1: $NaOH$ chưa tạo được kết tủa tối đa hay $AlCl_3$ dư $AlCl_3 + 3NaOH ---> Al(OH)_3 + 3NaCl$ Theo pt, $n_{NaOH} = 3n_{Al(OH)_3} = 0,3\ (mol)$ => $a = 1,5\ M$ +) TH2: $NaOH$ tạo được kết tủa tối đa...

Bài 1: Ta thấy: $D_2 > D_1$ => Vật nặng sẽ chìm xuống đáy Thể tích vật nặng là $V_2 = 0,1^3 = 10^{-3}\ (m^3)$ => Nước bị dâng lên $10^{-3}\ (m^3)$ Gọi thể tích nước dâng lên ở bình lớn là $V$ => Thể tích nước dâng lên ở bình nhỏ là $10^{-3} - V$ => Chiều cao cột nước dâng lên ở bình lớn là $h_1...

Ta có: $m \uparrow = 8,4 (g)$; $n_{Na} = 2n_{Na_2CO_3} = 0,3 (mol)$ => $n_{NaOH} = 0,3\ (mol)$ => $m_{NaOH} = 12\ (g)$ Ta thấy $m_{NaOH} > m \uparrow$ => X có chứa chức $-COOH$ hoặc $-OH\ phenol$ => $m_{H_2O\ (1)} = m_{NaOH} - m \uparrow = 3,6\ (g)$ Ta có: $n_C = n_{Na_2CO_3} + n_{CO_2} = 0,7\...

a) Ta có: $n_{SO_2} = 0,135\ (mol)$ => $n_{e\ (thu)} = 0,27\ (mol)$ Bảo toàn e => n_{e\ (nhường)} = 0,27\ (mol) KL nhường 1, 2 hoặc 3 e => $n_M = \frac{0,27}{n}$ với n là số e nhường hay hóa trị => $M_M = 9n$ => kẻ bảng, ta thu được M là Nhôm (Al) ----- $2M + 2nH_2SO_{4\ (đ)} --(t^o)->...

Ta có hình vẽ: Lấy mốc tính áp suất ở vị trí $h_0$ $40\ cm^2 = 4.10^{-3}\ m^2$ Gọi thể tích xăng đổ vào là $V\ (m^3)$ => Chiều cao cột xăng trong nhánh d2 là $h = \frac{V}{4.10^{-3}} = 250V\ (m)$ => Áp suất cột xăng tác dụng lên $h_0$ là: $p = d_x.h = 1,75.10^6V (Pa)$ Vì bình thông nhau nên cột...

Bài 1: Để tốc độ vật không vượt quá $20 \pi\ (cm/s)$ thì vật phải chuyển động ở gần biên (Phần được tô màu) Tổng thời gian vật trên phần đường tròn được tô màu là $\frac{2T}{3}$ => Tổng góc quét khi vật có tốc độ vật không vượt quá $20 \pi\ (cm/s)$ là $240^o$ => Góc $\alpha$ (được kí hiệu) là...

a) Lấy 50 nguyên tử Brom thì ta sẽ có 27 nguyên tử $_{35}^{79}Br$ và 23 nguyên tử $_{35}^{81}Br$ => $\overline{A}_{Br} = \frac{79.27 + 81.23}{50} = 79,92$ b) Lấy 100 nguyên tử Đồng thì ta sẽ có 73 nguyên tử $_{29}^{63}Cu$ và 27 nguyên tử $_{29}^{65}Cu$ => $\overline{A}_{Cu} = \frac{63.73 +...

Theo giả thết, ta có: $n_{CO_2} = 0,1\ (mol)$; $n_{OH^-} = n_{NaOH} + 2n_{Ca(OH)_2} = 0,408\ (mol)$ Ta có pt: $2OH^- + CO_2 ---> CO_3^{2-} + H_2O$ Theo pt, ta thấy $CO_2$ phản ứng hết => $n_{CO_3^{2-}} = n_{CO_2} = 0,1\ (mol)$ Kết tủa là $CaCO_3$: $Ca^{2+} + CO_3^{2-} ---> CaCO_3$ Theo pt, ta...

+) Khi $OH^-$ dư thì tạo ra $AlO_2^-$ hay $[Al(OH)_4^-]$. Còn khi $OH^-$ thiếu hoặc vừa đủ thì tạo ra $Al(OH)_3$. :D:D Còn VD của bạn thì xét 2 trường hợp: một trường hợp $Al^{3+}$ chưa tạo kết tủa hết, một trường hợp $Al^{3+}$ tạo kết tủa hết rồi kết tủa lại tan. Cả 2 trường hợp đều có thể cho...